题目链接：http://codeforces.com/problemset/problem/115/E
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;#define debug puts("YES");
#define rep(x,y,z) for(int (x)=(y);(x)<(z);(x)++)
#define ll long long#define lrt int l,int r,int rt
#define lson l,mid,rt<<1
#define rson mid+1,r,rt<<1|1
#define root l,r,rt#define mst(a,b) memset((a),(b),sizeof(a))
#define pii pair<int,int>
#define fi first
#define se second
#define mp(x,y) make_pair(x,y)const int maxn =2e5+5;
const int mod=1e9+7;
const int ub=1e6;
ll powmod(ll x,ll y){ll t; for(t=1;y;y>>=1,x=x*x%mod) if(y&1) t=t*x%mod; return t;}
ll gcd(ll x,ll y){return y?gcd(y,x%y):x;}
/*
题目大意：给定一个长度为n的区间，
每个点都有费用值，有若干个区间，
每个区间都有个增益值，
问选择若干区间并付出与区间相关的区间段费用之后总价值最大是多少。
（可以为0）把dp式子写出来就是：
dp[i]=max(dp[i],dp[j]+pay(j+1,i)-cost(j+1,i)),
关键是如何维护这个式子，把区间按右端点排序排好，
扫一遍n序列，把当前的费用丢到过去的dp值里面（默认一定要选），
如果碰到有右端点，把左端点左区间的dp值全部加上增益值，
然后通过查询左边的dp值最大值，求出当前位置的dp值，
当然当前位置的cost也可以选择不付，那么还要再与dp【i-1】比较下。
然后丢到线段树里面去。整体就是用线段树维护dp方程。
复杂度：O（nlogn），wa了三次，
细节和边界问题没想清楚。*/ll dp[maxn];///dp值
///线段树结构
ll tree[maxn<<2],lazy[maxn<<2];
void pushup(lrt)
{tree[rt]=max(tree[rt<<1],tree[rt<<1|1]);
}
void pushdown(lrt)
{if(lazy[rt]){lazy[rt<<1]+=lazy[rt];lazy[rt<<1|1]+=lazy[rt];tree[rt<<1]+=lazy[rt];tree[rt<<1|1]+=lazy[rt];lazy[rt]=0;}
}
void build(lrt)
{lazy[rt]=0;if(l==r){tree[rt]=0;return ;}int mid=l+r>>1;build(lson),build(rson),pushup(root);
}
void update(lrt,int L,int R,ll v)
{if(L<=l&&r<=R){tree[rt]+=v;lazy[rt]+=v;return ;}pushdown(root);int mid=l+r>>1;if(L<=mid) update(lson,L,R,v);if(mid<R) update(rson,L,R,v);pushup(root);
}
ll query(lrt,int L,int R)
{if(L<=l&&r<=R){return tree[rt];}pushdown(root);int mid=l+r>>1;ll ans=0LL;if(L<=mid) ans=max(ans,query(lson,L,R));if(mid<R) ans=max(ans,query(rson,L,R));return ans;
}
int n,m,c[maxn];
int l,r,x;
vector<pii > qy[maxn];
int main()
{scanf("%d%d",&n,&m);for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&c[i]);for(int i=1;i<=m;i++) {scanf("%d%d%d",&l,&r,&x);qy[r].push_back(mp(l,x));}build(0,n,1);for(int i=1;i<=n;i++){update(0,n,1,0,i-1,-c[i]);if(qy[i].size()){for(int j=0;j<qy[i].size();j++){update(0,n,1,0,qy[i][j].fi-1,qy[i][j].se);}}dp[i]=max(dp[i-1],1LL*query(0,n,1,0,i-1));update(0,n,1,i,i,dp[i]);}printf("%I64d\n",max(0LL,dp[n]));return 0;
}