题目链接:http://codeforces.com/problemset/problem/55/D
题目大意
给定L和R，求这个区间中满足条件的数
的个数，条件为：该数可以整除每一位上非零的数。
题目分析
这道题我看题解思路的，
刚接触数位DP，我觉得这道题应该是利用数论技巧来
化简状态的题目。、
首先分析状态，数位DP其状态的延展方式可能不方便用
循环描述所以直接记忆化，关键是如恶化找到关于数位的转移方程，
我们不难利用数论的简单性质，我们只要保存当前扩展到的每一位的最小公倍数
就可以判定对于当前的数字是否符合要求了，
我们还要再保存当前数字的大小，这也是刚开始困扰我的地方，
数字太大无法保存。看了题解才知道，1到9的最小公倍数是2520不算太大，
所以可以通过保存当前数值对2520的模数来化简状态，因为我们答案的要求的特殊性，
所以减去任意个2520是无影响的，这个思想很巧妙~
然后1到9其所有的公倍数打表发现重复的很多，
全保存下来直接二分映射下即可，这样状态就减少到20*2520*50了，
由于记忆化搜索的原因时间复杂度合理了。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;#define debug puts("YES");
#define rep(x,y,z) for(int (x)=(y);(x)<(z);(x)++)
#define ll unsigned long long#define lrt int l,int r,int rt
#define lson l,mid,rt<<1
#define rson mid+1,r,rt<<1|1
#define root l,r,rt
#define mst(a,b) memset((a),(b),sizeof(a))
#define pii pair<int,int>
#define fi first
#define se second
#define mk(x,y) make_pair(x,y)
const int maxn=3e3+5;
const int ub=2520;
const int N=1<<9;
int gcd(int x,int y){return y?gcd(y,x%y):x;}
int lcm(int x,int y){return x/gcd(x,y)*y;}
/*
题目大意：
给定L和R，求这个区间中满足条件的数
的个数，条件为：该数可以整除每一位上非零的数。题目分析：
这道题我看题解思路的，
刚接触数位DP，我觉得这道题应该是利用数论技巧来
化简状态的题目。、
首先分析状态，数位DP其状态的延展方式可能不方便用
循环描述所以直接记忆化，关键是如恶化找到关于数位的转移方程，
我们不难利用数论的简单性质，我们只要保存当前扩展到的每一位的最小公倍数
就可以判定对于当前的数字是否符合要求了，
我们还要再保存当前数字的大小，这也是刚开始困扰我的地方，
数字太大无法保存。看了题解才知道，1到9的最小公倍数是2520不算太大，
所以可以通过保存当前数值对2520的模数来化简状态，因为我们答案的要求的特殊性，
所以减去任意个2520是无影响的，这个思想很巧妙~
然后1到9其所有的公倍数打表发现重复的很多，
全保存下来直接二分映射下即可，这样状态就减少到20*2520*50了，
由于记忆化搜索的原因时间复杂度合理了。
*/
int t;
ll l,r,f[30][maxn][60],ans;
int dig[30],P[1<<9],p=0,cnt=0;
int bound(int x)
{int l=0,r=p,mid;while(l+1!=r){mid=(l+r)>>1;if(P[mid]>x)r=mid;else l=mid;}return l;
}
ll dfs(int pos,int mod,int pre,int limit){if(pos<0){if(mod%P[pre]) return 0;else return 1;}if(!limit&&f[pos][mod][pre]!=-1) return f[pos][mod][pre];ll ret=0;int last=limit?dig[pos]:9,val;rep(i,0,last+1){int tm=((mod<<3)+(mod<<1)+i)%ub;int pe=pre;if(i) pe=bound(lcm(i,P[pre]));ret+=dfs(pos-1,tm,pe,limit&&(i==last));}if(!limit) f[pos][mod][pre]=ret;return ret;
}
ll solve(ll x){cnt=0;while(x) dig[cnt++]=x%10,x/=10;return dfs(cnt-1,0,0,1);
}
int main(){rep(i,1,N){P[i-1]=1;rep(j,0,9) if(i&(1<<j))P[i-1]=lcm(P[i-1],j+1);}sort(P,P+N-1);p=unique(P,P+N-1)-P;mst(f,-1);scanf("%d",&t);while(t--){ll a,b;scanf("%I64d%I64d",&a,&b);printf("%I64d\n",solve(b)-solve(a-1));}return 0;
}