原题
题目大意
给出一段字符串，在这个字符串中仅包含’R’,‘B’,'G’三个字符(也就是三原色)，修改该字符串使得它某个字符旁边以及旁边的旁边不能出现他自己，输出修改次数最小的方案和修改后的字符串
题目分析
一开始我是想用贪心的，就是三格三格找，最后一个入队的和要出队的一样就将入队的改掉
核心代码如下
while (ft < n){if (ori[ft] == ori[fs]){ft++,fs++;}else{ori[ft] = ori[fs];ft++,fs++,ans++;} }
结果发现不行……还是交上去之后才想到的
反例很容易想得到(证明我是zz)
9
RGBBRGBRG
我的程序会输出
6
RGBRGBRGB
标准答案
3
BRGBRG
其实很容易发现答案(wo)是重(nao)复(can)的，也就是说它的前三个一旦确定，后面就是这三个的重复
然后我脑子进水了，写了一个这样的东西
在你打出3个以上循环的strcat之后，编译器会很好心地帮你一直连接下去，并且throw出一个error
其实写一个mod滚动一下就行
然后我这题卡了90min……
最后一个错是测试完没把数组改回来(日常犯傻)
下面AC代码
代码
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<string>
#include<iostream>char ori[200010];
bool been[128];
int ans = 0x3f3f3f3f,fs = 0,ft = 0,tot = 0;
int main()
{int n;char t;scanf("%d",&n);scanf("%s",ori);std::string test,min;test = "RGB";tot = 0;for (int i = 0;i < n;i++){if (ori[i] != test[i % 3]) tot++;}if (tot < ans) {min = test;ans = tot;} test = "RBG";tot = 0;for (int i = 0;i < n;i++){if (ori[i] != test[i % 3]) tot++;}if (tot < ans) {min = test;ans = tot;}test = "BRG";tot = 0;for (int i = 0;i < n;i++){if (ori[i] != test[i % 3]) tot++;}if (tot < ans) {min = test;ans = tot;}test = "BGR";tot = 0;for (int i = 0;i < n;i++){if (ori[i] != test[i % 3]) tot++;}if (tot < ans) {min = test;ans = tot;}test = "GRB";tot = 0;for (int i = 0;i < n;i++){if (ori[i] != test[i % 3]) tot++;}if (tot < ans) {min = test;ans = tot;}test = "GBR";tot = 0;for (int i = 0;i < n;i++){if (ori[i] != test[i % 3]) tot++;}if (tot < ans) {min = test;ans = tot;}printf("%d\n",ans);int len = 0;while (len + 3 < n){std::cout << min;len += 3;}for (int i = 0;i < n - len;i++)putchar(min[i]);return 0;
}
我是真的懒得写搜索了……反正这么小枚举一下也没所谓
还有这个string就是我鼓捣快速循环字符串(?)的时候弄出来的