题目描述
已知多项式方程：
a0+a1x+a2x^2+..+anx^n=0
求这个方程在[1, m ] 内的整数解（n 和m 均为正整数）
输入输出格式
输入格式：
输入文件名为equation .in。
输入共n + 2 行。
第一行包含2 个整数n 、m ，每两个整数之间用一个空格隔开。
接下来的n+1 行每行包含一个整数，依次为a0,a1,a2..an
输出格式：
输出文件名为equation .out 。
第一行输出方程在[1, m ] 内的整数解的个数。
接下来每行一个整数，按照从小到大的顺序依次输出方程在[1, m ] 内的一个整数解。
输入输出样例
输入样例#1：
2 10 1 -2 1
输出样例#1：
1 1
输入样例#2：
2 10 2 -3 1
输出样例#2：
2 1 2
输入样例#3：
2 10 1 3 2
输出样例#3：
0
说明
30%:0<n<=2,|ai|<=100,an!=0,m<100
50%:0<n<=100,|ai|<=10^100,an!=0,m<100
70%:0<n<=100,|ai|<=10^10000,an!=0,m<10000
100%:0<n<=100,|ai|<=10^10000,an!=0,m<1000000
~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~
数论+神奇的思路~
思路真的真的是太神奇了……
数据大到惊人，所以当然不能暴力了，高精度太麻烦，当然会想到取模了，但是取模会使答案不准确，多取几个素数就可以了。我看黄学长取了五个素数，就直接粘了过来，但是只要比较大的素数就可以了~
然后预处理出每个小于模数的数相对于模数的值，最后枚举1~m的数值是否同时满足所有素数模，在记录输出就可以了~
注意每个数后都要回车！！！我因为这个WA了2次！
#include<cstdio>
#include<cstring>int n,m,a[6][101],modd[6]={0,11261,19997,22877,21893,14843},fan[6][10001],len,flag,res[6][100001],ans[10000001];
char s[10001];int cal(int u,int v)
{int tot=0;for(int i=0;i<=n;i++) tot=(tot+a[u][i]*fan[u][i])%modd[u];if(tot<0) tot+=modd[u];return tot;
}bool pan(int u)
{for(int t=1;t<=5;t++)if(res[t][u%modd[t]]) return 0;return 1;
}int main()
{scanf("%d%d",&n,&m);for(int i=0;i<=n;i++){scanf("%s",s+1);len=strlen(s+1);flag=0;for(int t=1;t<=5;t++)if(s[1]=='-') a[t][i]=0,flag=1;else a[t][i]=s[1]-'0';for(int t=1;t<=5;t++){for(int j=2;j<=len;j++) a[t][i]=(a[t][i]*10+s[j]-'0')%modd[t];if(flag) a[t][i]=-a[t][i];}}for(int t=1;t<=5;t++)for(int i=1;i<modd[t];i++){fan[t][0]=1;for(int j=1;j<=n;j++) fan[t][j]=(fan[t][j-1]*i)%modd[t];res[t][i]=cal(t,i);}for(int i=1;i<=m;i++)if(pan(i)) ans[++ans[0]]=i;printf("%d\n",ans[0]);for(int i=1;i<=ans[0];i++) printf("%d\n",ans[i]);return 0;
}