Description
见上帝动了恻隐之心，天后也想显示一下慈悲之怀，随即从口袋中取出一块魔术方巾，让身边的美神维纳斯拿到后堂的屏风上去试试，屏风是正方形的，高和宽方向上各划有m条鱼屏风的边平行的直线，平行直线间的距离为1厘米。这2m条直线共有m*m个交点，在某些交点上镶嵌着宝石。如果魔术方巾的边与屏风的边平行且魔术方巾触碰到屏风上镶嵌着的宝石，就将与这些宝石等值的金银送给人们。维纳斯想让魔术方巾触碰到的宝石的价值最多，可要在短短的1秒钟之内解决问题，也感到力不从心，你能帮帮她吗？
Input
输入文件gem.in的第一行有三个正整数m,n,k，数与数之间用一个空格分隔。其中m为屏风在高和宽方向上被划分出的直线数。魔术方巾为正方形的，它的边长为k厘米。N为屏风上宝石的个数。
接下来的n行，每行三个正整数，依次表示宝石所在直线的行号、列号、宝石的价值，数与数之间用一个空格分隔。
Output
输出文件gem.out只有一个正整数，为魔术方巾触碰到的宝石的最大价值总数。
Sample Input
10 4 4 1 1 9 2 3 5 6 2 12 4 5 6
Sample Output
23
Data Constraint
Hint
【输入样例2】
10 4 3
1 1 9
2 3 5
6 2 12
4 5 6
【输出样例2】
18
【数据限制】
30%的数据，1≤m≤500,1≤n≤10000,1≤k≤100;
60%的数据，1≤m≤3000,1≤n≤10000,1≤k≤1000;
100%的数据，1≤m≤50000,1≤n≤50000,1≤k≤10000;
Solution
对于每个点，按照x坐标排序，将所有的val放进y所在的位置，如果x超出k的范围就将前面小于x-k的删掉。
当所有的同样的x放完之后，做一遍前缀和，扫描s[ i ]-s[ i-k ]的最大值即可。
时间O(nm)。
考虑优化。
设线段树上叶子结点x，表示从i~i+k的区间的价值和。
其他上面的节点表示下面的所有区间的价值的最大值。
每次加入节点，将y-k~y的所有位置区间加标记。
然后每次全局查询即可。
时间O(n log m)。
Code
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define I int
#define ll long long
#define ls x<<1
#define rs ls|1
#define F(i,a,b) for(I i=a;i<=b;i++)
#define Fd(i,a,b) for(I i=a;i>=b;i--)
#define N 50020
using namespace std;
I n,m,k,q[N],l,r;
ll ans,f[N],c[N],tr[N<<2],lzy[N<<2],now;
struct node{I x,y;ll v;}a[N];
void R(I &x){I p=1;x=0;char c=getchar();while(c<'0'||c>'9'){if(c=='-') p=-1;c=getchar();}while(c>='0'&&c<='9'){x=x*10+c-'0';c=getchar();}x*=p;
}
I cmp(node x,node y){return x.x<y.x;}
void down(I x){if(!lzy[x]) return;tr[ls]+=lzy[x],tr[rs]+=lzy[x];lzy[ls]+=lzy[x],lzy[rs]+=lzy[x];lzy[x]=0;
}
void ins(I l2,I r2,I val,I x=1,I l=1,I r=n){if(l>r2||r<l2) return;if(l>=l2&&r<=r2){tr[x]+=val,lzy[x]+=val;return;}down(x);I M=l+r>>1;ins(l2,r2,val,ls,l,M),ins(l2,r2,val,rs,M+1,r);tr[x]=max(tr[ls],tr[rs]);
}
I main(){freopen("gemstone.in","r",stdin);freopen("gemstone.out","w",stdout);R(n),R(m),R(k);k++;F(i,1,m){scanf("%d%d%lld",&a[i].x,&a[i].y,&a[i].v);}sort(a+1,a+1+m,cmp);l=1,r=0;F(i,1,m){q[++r]=i;ins(max(a[i].y-k+1,0),a[i].y,a[i].v);now+=a[i].v;//ins(r);if(a[i].x!=a[i+1].x){while(l<=r&&a[q[l]].x<a[i].x-k+1){ins(max(a[q[l]].y-k+1,0),a[q[l]].y,-a[q[l]].v);now-=a[q[l]].v;//del(l);l++;}if(now<=ans) continue;ans=max(ans,tr[1]);}}printf("%lld\n",ans);return 0;
}