传送门
题意： 有n个交叉口，m条路，每条路有三个属性：起点，终点，最大载重。
假设从a到b的最大载重是从a -> b所能承载的最大重量，问从1 -> n的最大载重是多少？
输入： 第一行包含方案（城市计划）的数量。对于每个城市，第一行给出了路口的数量n（1 <= n <= 1000）和街道数量m。接下来的m行包含整数的三元组，这些整数指定了道路的起点和终点交叉点以及允许的最大权重（为正且不大于1000000）。每对交叉点之间最多有一条街道。
输出： 每个方案的输出都以包含“方案#i：”的行开头，其中i是从1开始的方案编号。然后打印一行，其中包含Hugo可以运输给客户的最大允许重量。用空白行终止方案的输出。
Sample Input
1
3 3
1 2 3
1 3 4
2 3 5
Sample Output
Scenario #1:
4
思路：
- 其实和上一题(求路径最大边)非常相似，只不过上一题是求路径最小的最大跳跃距离，而这个题感觉是在求最小的最小承载重量。
- 其实就是Dijkstra()一下，只不过上一题的d[i]表示0 -> i 的最小最大距离,而这一题的d[i]就表示1 -> i的最大承载重量。
代码实现：
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <queue>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <string>
#include <map>
#include <cmath>
#define null NULL
#define ll long long
#define pii pair<int, int>
#define lowbit(x) (x &(-x))
#define ls(x) x<<1
#define rs(x) (x<<1+1)
#define me(ar) memset(ar, 0, sizeof ar)
#define mem(ar,num) memset(ar, num, sizeof ar)
#define rp(i, n) for(int i = 0, i < n; i ++)
#define rep(i, a, n) for(int i = a; i <= n; i ++)
#define pre(i, n, a) for(int i = n; i >= a; i --)
#define IOS ios::sync_with_stdio(0); cin.tie(0);cout.tie(0);
const int way[4][2] = {
{
1, 0}, {
-1, 0}, {
0, 1}, {
0, -1}};
using namespace std;
const int inf = 1e60;
const double PI = acos(-1.0);
const double eps = 1e-6;
const ll mod = 1e9 + 7;
const int N = 1005;int t, n, m, tt;
//用d数组来存路径中的最大承载(最小边)
int d[N], f[N][N];
bool vis[N];int Dijkstra()
{
me(vis);//先初始化d数组for(int i = 1; i <= n; i ++)d[i] = f[1][i];vis[1] = 1;for(int i = 1; i < n; i ++){
int tmp = 0, pose = 0;//找到最小的边for(int j = 1; j <= n; j ++){
if(!vis[j] && tmp < d[j]){
tmp = d[j];pose = j;}}vis[pose] = 1;for(int j = 1; j <= n; j ++){
if(!vis[j] && f[pose][j]){
//将j加入集合的最大承载值tmp = min(d[pose], f[pose][j]);//扩大j的最大承载值d[j] = max(d[j], tmp);}}}return d[n];
}int main()
{
scanf("%d", &t);while(t --){
scanf("%d%d", &n, &m);me(f); //记住要初始化for(int i = 0; i < m; i ++){
int a, b, c;scanf("%d%d%d", &a, &b, &c);f[a][b] = f[b][a] = c;}printf("Scenario #%d:\n%d\n\n", ++ tt, Dijkstra());}return 0;
}