标签：三分

题目

题目传送门

Description

在一个2维平面上有两条传送带，每一条传送带可以看成是一条线段。

两条传送带分别为线段AB和线段CD。

lxhgww在AB上的移动速度为P，在CD上的移动速度为Q，在平面上的移动速度R。

现在lxhgww想从A点走到D点，他想知道最少需要走多长时间

Input

输入数据第一行是4个整数，表示A和B的坐标，分别为Ax，Ay，Bx，By

第二行是4个整数，表示C和D的坐标，分别为Cx，Cy，Dx，Dy 第三行是3个整数，分别是P，Q，R

Output

输出数据为一行，表示lxhgww从A点走到D点的最短时间，保留到小数点后2位

Sample Input

0 0 0 100
100 0 100 100
2 2 1

Sample Output

136.60

HINT

对于100%的数据，1<= Ax，Ay，Bx，By，Cx，Cy，Dx，Dy<=1000

1<=P，Q，R<=10

分析

显然，总时间最短的路线一定是图中这种情况

因为单独考虑E，F位置对答案的影响，发现肯定是单峰函数

对于E，F两点各做一次三分，枚举位置即可

三分套三分

code

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cmath>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define rep(i,a,b) for(int i=a;i<=b;i++)
#define dep(i,a,b) for(int i=a;i>=b;i--)
#define ll long long
#define mem(x,num) memset(x,num,sizeof x)
#define reg(x) for(int i=last[x];i;i=e[i].next)
#define eps 1e-3
using namespace std;
inline ll read()
{ll f=1,x=0;char ch=getchar();while(ch<'0'||ch>'9'){
   if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}while(ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();}return x*f;
}
int ax,ay,bx,by,cx,cy,dx,dy,p,q,r;
inline double dis(double x1,double y1,double x2,double y2){
   return sqrt((x1-x2)*(x1-x2)+(y1-y2)*(y1-y2));}
inline double cal(double x,double y){double lx=cx,ly=cy,rx=dx,ry=dy,x1,y1,x2,y2,t1,t2;while(fabs(rx-lx)>eps||fabs(ry-ly)>eps){x1=lx+(rx-lx)/3,y1=ly+(ry-ly)/3;x2=lx+(rx-lx)/3*2,y2=ly+(ry-ly)/3*2;t1=dis(ax,ay,x,y)/p+dis(x,y,x1,y1)/r+dis(x1,y1,dx,dy)/q;t2=dis(ax,ay,x,y)/p+dis(x,y,x2,y2)/r+dis(x2,y2,dx,dy)/q;if(t1>t2)lx=x1,ly=y1;else rx=x2,ry=y2;}return dis(ax,ay,x,y)/p+dis(x,y,lx,ly)/r+dis(lx,ly,dx,dy)/q;
}
int main()
{ax=read(),ay=read(),bx=read(),by=read();cx=read(),cy=read(),dx=read(),dy=read();p=read(),q=read(),r=read();double lx=ax,ly=ay,rx=bx,ry=by,x1,y1,x2,y2,t1,t2;while(fabs(rx-lx)>eps||fabs(ry-ly)>eps){x1=lx+(rx-lx)/3,y1=ly+(ry-ly)/3;x2=lx+(rx-lx)/3*2,y2=ly+(ry-ly)/3*2;t1=cal(x1,y1),t2=cal(x2,y2);if(t1>t2)lx=x1,ly=y1;else rx=x2,ry=y2;}printf("%.2lf\n",cal(lx,ly));return 0; 
}